題意：假設有一組線程去執行一個函數，上面也提到了，thr[i]的意思是：i表示是第i個線程，thr[i]表示需要此線程執行該任務多少次，執行的函數里面包含兩句話，所以thr[i]執行的總數為thr[i]*2， 函數的表示的意思是：第一個是鎖存住Y的值，第二個把鎖存住的值進行+1。此題有點類似于多線程的問題，由于未進行同步，所以當完執行第一句話的時候，其他的線程也可能也在執行此函數，也保存了相應的Y值，然后當執行該線程執行第二句的時候，對鎖存住的Y值進行+1。在這樣的情況下求出其所需要求解的值，當然也可能存在多個線程或者一個線程執行此函數的問題。求在這樣的情況下能否得到其所需的值。

參考大佬的：https://blog.csdn.net/huangxinfeng_/article/details/50780367

代碼：

#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef struct{
	int i,xi;
}ST;
void display1(ST &thr){//執行一次某個線程并將其xi-1
	cout<<thr.i<<" ";
	thr.xi--;
}
void display2(ST *thr,int st,int en) {//按順序執行完st-en的線程數
	for(int i=st;i<=en;i++)
		for(int j=0;j<thr[i].xi;j++)
			cout<<thr[i].i<<" "; 
}
bool com(ST a,ST b){return a.xi<b.xi;} 
int main(){
	ST thr[101],temp;
	int n,w,max=0,i,j;
	cin>>n>>w;
	w*=2; //w擴大兩倍方便計算
	for(i=1;i<=n;i++){//讀取數據保存在結構體中 保存線程下標i以及執行次數val
		cin>>thr[i].xi;
		thr[i].xi*=2; //乘以2 因為循環一次要執行兩次i
		thr[i].i=i; //保存線程號
		max+=thr[i].xi; //統計所能計算的最大數
	}
	sort(thr+1,thr+n+1,com); //按照線程執行次數從小到大排序
	if(w>=1&&w<=max){
		if(n==1){//當n=1是一種特殊情況要分開討論
 			if(w==max){
 				cout<<"Yes"<<endl;
 				display2(thr,1,1);
			}
			else cout<<"No";
		}else{
			if(w<=thr[1].xi){//這里有兩種情況如果w<最小線程執行次數的話要用后一個線程來消磨最小線程從而得到更小的Y值 
				if(w==thr[1].xi&&w==2){//因為消磨最小也要執行兩次所以當w=1(本身擴大兩倍)也是一種特殊情況
					cout<<"Yes"<<endl;
					display1(thr[1]);//消磨了一次之后，thr==1, 
					display2(thr,2,n);//中間不管怎么消磨,最后會消磨一次1,達到最后的結果 
					display1(thr[1]);//消磨完畢，thr==0 
				}else if(w>2){
					cout<<"Yes"<<endl;
					display1(thr[2]);//執行一次線程2用于保存Y值方便消磨一次線程1
					j = thr[1].xi-w+2;//要加個2因為后面消磨之后會剩下一個1,后面還會消磨一個thr2 
					while(j--){
						display1(thr[1]);//消磨掉多余的執行次數
					} 
					display1(thr[2]);//因為只執行過一次thr2所以xi=y=0 這里再執行一次則y=xi+1 所以不管上面怎么運行，運行完這句之后y=1上面運行值被重置
					display1(thr[1]);//再執行一次thr1則將Xi的值重置為第二次運行的值xi=y=1這就是為什么要多消磨一次的原因了
					display2(thr,2,n);//按順序顯示i-n剩余的線程數
					display2(thr,1,1);
				}else cout<<"No"; 
			}else{
				cout<<"Yes"<<endl;
				max=0;
				for(i=1;i<=n;i++){ 
					max+=thr[i].xi;
					if(w<max)break;
				}
				if(i>n){//i>n的話說明剛好所以都包括,直接輸出 
					display2(thr,1,n);
				}else{
					display1(thr[1]);//相當于初始化Y=0
					j=max-w;//最后一個線程未執行的次數 
					while(j--){
						display1(thr[i]);
					}
					display2(thr,i+1,n);
					display2(thr,1,i);
				}
			}
		}
	}else {
		cout<<"No";
	}
	return 0;
}